需要以编程方式跳转到我网站上的另一个页面

我曾尝试使用header（）以编程方式将用户带到不同的页面在我的网站上，他们看到后，就会关闭一个alert（）框，但它并没有做我需要的事情。

我需要：

1） 将javascript alert（）返回到浏览器

2） 然后在alert（）框被取消后，我需要跳转到另一个页面

3） 说"使用ajax"对我没有帮助，因为我刚刚掌握了php，mysql、html5和javascript。盘子满了，ajax->稍后。

在下面的代码中，我从未看到alert（）——我的浏览器只是立即向我显示shimyLogin.php.

如果我注释掉了"header（）"调用，那么我会看到我的alert（）很好——但我不是在alert（）之后做我需要做的事情，即以编程方式将我的用户带到shimyLogin.php.

我很确定我知道为什么会发生这种情况，但我的问题是——有办法实现吗

1） 弹出警报（）框

2） 然后，在用户解除警报（）后，我可以执行header（）（或其他方式）跳到我的另一个页面shimyLogin.php？

我对以编程方式浏览网站页面非常陌生，我知道header（）但很明显，这对我上面需要做的两件事来说是行不通的。

这是代码：

if(showAlertBox("Unexpected error! "))
{
     header('Location: http://localhost/shimmyDooHah/shimmyLogin.php');
}            

showAlertBox只是：

function showAlertBox($messageToDisplay)
{
    echo '<script type="text/javascript">'
        . 'alert("' . $messageToDisplay . '")</script>';
    return true;
}

window.location = "http://www.google.com/"

alert('Alert message here.');
window.location = 'http://example.com/otherpage';