我正在尝试在网页上显示图像，其中图像路径存储在数据库中，图像存储在服务器中。但我无法使用以下代码显示这些图像，所以请有人帮助我解决这个问题，。。
<form method="post" enctype="multipart/form-data" action="file_upload.php">
<table>
<?php
$dbhost = 'xxxxxxxx';
$dbuser = 'xxxxxxxxx';
$dbpass = 'xxxxxxxxxx';
$db_name = 'xxxxxxxxxx';
$tbl_name = 'xxxxxxxxxxx';
$conn = mysql_connect($dbhost, $dbuser, $dbpass);
if(! $conn )
{
die('Could not connect: ' . mysql_error());
}
mysql_select_db("$db_name")or die("cannot select DB");
$path1 = mysql_query("select * from '$tbl_name' where id='1'");
$path2 = mysql_query("select * from '$tbl_name' where id='2'");
$path3 = mysql_query("select * from '$tbl_name' where id='3'");
echo '<tr><td><img src="$path1"></td>' ;
echo '<td><img src="$path2"></td>' ;
echo '<td><img src="$path3"></td></tr>' ;
?>
</table>
</form>
在我们开始之前有几件事：
- 我建议使用mysqli，并将在下面的示例中这样做（mysql已弃用）
- 我将使用循环来迭代结果，而不是单独查询每个元素
PHP代码
$dbhost = 'xxxxxxxx';
$dbuser = 'xxxxxxxxx';
$dbpass = 'xxxxxxxxxx';
$db_name = 'xxxxxxxxxx';
$tbl_name = 'xxxxxxxxxxx';
$conn = mysqli_connect($dbhost, $dbuser, $dbpass, $dbname);
if (!$conn)
{
die('Could not connect: ' . mysqli_connect_error());
}
$result = mysqli_query($con, "SELECT * FROM `$tbl_name`");
while ($row = mysqli_fetch_array($result))
{
echo '<tr><td><img src="'.$row['image'].'"></td>' ;
}
请注意我是如何首先从查询中"获取"结果的。查询首先返回一个mysqli对象，该对象包含查询返回的所有结果。这些必须提取；我提出的方法在其他地方的例子中也被广泛使用。
还要注意，在引用该表时，如何使用反勾字符而不是单引号。
执行查询后，我们将获得结果集游标。我们需要对它进行迭代以获得所有行。试试下面的代码，它应该可以工作。
$result = mysql_query("SELECT * FROM '$tbl_name' WHERE id IN ( 1, 2, 3 ) ");
if (!$result) {
// show your respective error messages
}else{
while ($row = mysql_fetch_assoc($result)) {
echo '<tr><td><img src="'.$row['database_column_name'].'"></td>' ;
}
}
mysql_query（）；有2个参数。
论点1：联系
论点2：查询。
如果我是你，我会这么做：
$sql = "select * from `$tbl_name` where `id` between 1 and 3";
$path = mysql_query($conn, $sql);
while($row = mysqli_fetch_array($patht)) {
echo '<tr><td><img src="' . $row['name of colum'] . '"></td></tr>' ;
}
mysql_close($con);
抱歉我英语不好。我是荷兰人。