我喜欢这样： 这些是我的菜单项：
$menu = 'View archives for '.$year;
$year = 2013; //Note that `$year` is set after the above.
在不进行任何更改的情况下，我该如何做这样的事情（稍后设置变量值）？
我正在尝试这个，但失败了。
$menu = 'View archives for '. &$year;
$year = '2013';
你可以做的最接近的方法是使用引用，但这会使你的代码成为一个不神圣的、不可维护的、容易出错的雷区。如果您不知道为什么引用是危险的
，请阅读此内容不过，如果您愿意，您可以自由尝试：
$year = null;
$menu = array('View archives for ', &$year);//pass reference to $year
$year = '2013';
echo implode('', $menu);
如您所见，我仍然必须定义变量，然后才能传递引用它（du'h，你不能引用即将存在的东西，只能引用存在的东西）。
完成此操作后，您可以分配任何随心所欲的值 $year ，并且自动地，$menu数组中的第二个值将紧随其后，因为它只引用$year变量。
不过，如果您问题中的片段就是您要做的全部内容，为什么不使用sprintf呢？
$menu = 'View archives for %s';
//some code
$year = '2013';
$menu = sprintf($menu, $year);
echo $menu;//sure enough: View archives for 2013
作为额外的奖励，您可以在循环中一遍又一遍地使用它：
$format = 'View archives for %s';
for ($i=2010;$i<2014;++$i)
{
printf($format, $i);
echo '<br/>';
}
这将打印：
View archives for 2010
View archives for 2011
View archives for 2012
View archives for 2013
简单，一旦您通读了printf和相关功能的手册。
程序流的整个概念是，必须先声明变量的值，然后才能使用它。还有其他软件概念（流编程），其中代码在其所有输入都存在之前不会执行 - 但php不是那种语言。
唯一的解决方案是在使用$year之前初始化它的值 - 更改语句的顺序。
如果你想添加年份，那么这应该可以完成你的工作 $menu = '查看 '.date（'Y' 的存档）;并且不能在声明之前使用变量
这
是不可能的。$year的定义必须先于使用它的任何事物的定义。