如果函数中包含或需要文件，则在函数未调用的情况下是否加载该文件？例：
页.php
<?php
require('functions.php');
a();
?>
函数.php
<?php
function a(){
require('a.php');
}
function b(){
require('b.php');
}
function c(){
include('c.php');
}
?>
是否加载了 b.php 或 c.php？
不，
除非您实际调用函数b()和c()，否则不会加载它们。
b.php和c.php中的代码也将是它们所包含的函数的本地代码。 也就是说，他们定义的任何变量分别在b()或c()之外不可用。
有关更多详细信息，请参阅 PHP：包含。
简单地说：没有。如果require或include位于函数中，则在函数未执行时不会调用它。
刚刚在我的服务器上测试了它。 任何未调用的函数都不会触发。
这如何工作比 drew010 的答案要复杂一些。 由于这是误导性的，我觉得我应该澄清这一点。 考虑以下测试用例：
主.php
<?php
require('/tmp/functions.php');
echo "exists=",function_exists('a1'),"'n";
a();
echo "exists=",function_exists('a1'),"'n";
a1();
?>
函数.php
<?php
function a(){
require('a1.php');
}
回答 1.php
这将生成为输出：
exists=
exists=1
Hello World
换句话说，a1()在调用a()之前不存在，但它随后全局可用。 再举一个例子：
<?php
$a=false;
if( $a ){
function x() {return 1;}
} else {
function x() {return 2;}
}
echo x();
这再次完全有效，并显示2 . 如果$a设置为 true，那么答案将是 1 ，如果你对这段代码进行 VLD，你可以看到为什么。 这两个函数发出您期望的操作码序列，但根据脚本文件的路径被赋予不可调用的名称（在我的例子中是%00x%2Ftmp%2Fy.php0x7fb364a1a03和%00x%2Ftmp%2Fy.php0x7fb364a1a06 ） 调用代码生成一个
ZEND_DECLARE_FUNCTION '%00x%2Ftmp%2Fy.php0x7fb364a1a033', 'x'
在进行第一个声明的路径点。 这使得函数可用作x()，类似的ZEND_DECLARE_FUNCTION使第二个函数可用作替代路径上的x()。
完全相同的机制适用于类，尽管在这种情况下，调用ZEND_DECLARE_CLASS将内部类名绑定到其公共别名。