我正在尝试制作一个HTML表作为mySQL数据库的前端。该表显示良好，我可以键入我想对表的每一行进行的编辑，但当我按下提交按钮时，实际上并没有进行更改。有人看到我哪里错了吗？
<?php
include("db.php");
$sql = "SELECT * FROM `artist`";
$result = mysqli_query($conn, $sql);
if (isset($_POST['update'])){
$artID = $_POST['artID'];
$artName = $_POST['artName'];
$key = $_POST['hidden'];
$UpdateQuery = "UPDATE `artist` SET `artID` = '$artID', `artName` = '$artName' WHERE `artist`.`artID` = '$key'";
mysqli_query($conn,$UpdateQuery);
header("Location: {$_SERVER['HTTP_REFERER']}");
exit;
};
echo "<table border='1'>";
echo "<tr>";
echo "<th>ID</th>";
echo "<th>Name</th>";
echo "</tr>";
if ($result->num_rows > 0) {
echo "<form id ='artisttable' action ='getartiststable.php' method ='post'>";
// output data of each row
while($row = mysqli_fetch_array($result)) {
echo "<tr>";
echo "<td>" ."<input type='text' name ='artID' value ='" . $row['artID'] . "' </td>";
echo "<td>" . "<input type='text' name ='artName' value ='" . $row["artName"] . "' </td>";
echo "<td>" . "<input type = 'hidden' name ='hidden' value='" . $row['artID'] . "' </td>";
echo "<td>" . "<input type='submit' name ='update'" . " </td>";
echo "</tr>";
}
echo "</form>";
echo "</table>";
} else {
echo "0 results";
}
$conn->close();
?>
db.php文件只是包含到mySQL数据库的连接信息，我100%确信它没有任何问题，因为它正确地检索了表，只是没有更新。
您将表单标记放入tr中，这是不允许的，td只允许所以你必须去掉tr。
你必须使用jquery，或者你可以用其他网格结构替换表，这样它看起来就一样了，表单也可以放在那里
还有一个建议不要将php和html混合在一起，将它们分开以获得干净的代码
如果你做了所有这些，你的代码将是这样的
您的form是用多个同名元素构建的。当您提交表单时，它将使用最后一个元素作为值，因此无论您想要更新的记录是什么，最后一个记录都将被更新（或者由于字符串封装而引发错误）。您也应该使用参数化查询。
所以不是：
if ($result->num_rows > 0) {
echo "<form id ='artisttable' action ='getartiststable.php' method ='post'>";
// output data of each row
while($row = mysqli_fetch_array($result)) {
echo "<tr>";
echo "<td>" ."<input type='text' name ='artID' value ='" . $row['artID'] . "' </td>";
echo "<td>" . "<input type='text' name ='artName' value ='" . $row["artName"] . "' </td>";
echo "<td>" . "<input type = 'hidden' name ='hidden' value='" . $row['artID'] . "' </td>";
echo "<td>" . "<input type='submit' name ='update'" . " </td>";
echo "</tr>";
}
echo "</form>";
echo "</table>";
用途：
if ($result->num_rows > 0) {
// output data of each row
while($row = mysqli_fetch_array($result)) {?>
<form class='artisttable' action ='getartiststable.php' method ='post'>
<tr>
<td><input type='text' name ='artID' value ='<?php echo $row['artID'];?>' /></td>
<td><input type='text' name ='artName' value ='<?php echo $row["artName"];?>' /></td>
<td><input type = 'hidden' name ='hidden' value='<?php echo $row['artID'];?>' /></td>
<td><input type='submit' name ='update'" . " </td>
</tr>
</form>
<?php } ?>
</table>
因此，您可以为每个数据集获得一个form。以下是关于使用mysqli编写的语句的链接：http://php.net/manual/en/mysqli.quickstart.prepared-statements.php.你也应该更新你的标记。用于格式化的Table不是最好的方法。您的input也没有关闭缺少>。
这也将artisttable从id改变为class，因为将存在倍数。相应地更新CSS/JS。