PHP如何获得实例化类名

我正在尝试从数据库中检索数据的一些方法。我做了一个抽象类(ppdao)，在这个类中，我有一个函数来构建基于表名的选择查询，并将结果转换为对象。

为每个表创建一个小文件，如下所示:

class user extends ppdao{
public $table = 'user';    
public function __set ( $name, $value ){   
    $this->$name = $value;
}
public function __get ( $name ){
    return $this->$name;
}

假设我想要所有的用户对象在一个数组中，我使用下面的函数从我的ppdao类:

public static function get_ar_obj( $arWhere = array() , $arWhereWay = array(), $order = null ){                
    $class = get_called_class();
    $obj = new $class();       
    $sql = "SELECT * FROM ".$obj->table. $obj->arWheretoString($arWhere);
    $res = mysqli_conn::getinstance()->query($sql)->all_assoc();         
    return $obj->createObjects($res);
}

一切正常，它给了我想要的结果。

现在我把__get函数改成了这样:

public function __get ( $name ){        
        switch ($name){
        case 'oAlbums':
             return $this->oAlbums = albums::get_ar_obj($arWhere = array('user_id' => $this->id) );
        break;
        default:
        return $this->$name;
        break;
}

我想获得一个用户拥有的所有专辑，在专辑表中有一个名为user_id的字段，所以我想我应该像这样将m链接在一起。

现在当我像这样调用相册类时:

$userobject->oAlbums

get_called_class()仍然使用用户类名而不是调用的专辑类，因此它创建了一个类似

SELECT * FROM user WHERE user_id = 63
And it should be SELECT * FROM album WHERE user_id = 63

谁有任何想法，我如何才能得到这个工作?

对不起的人，它不使用get_called_class来创建查询，它使用公共$表。现在通过将其更改为get_called_class变量

结果如下:

$arUser = user::get_ar_obj( $arWhere = array('id' => 1));
$oUser = $arUser[0];
echo '<pre>';
    print_r($oUser->oAlbums);
echo '</pre>';

输出:

Array
(
    [0] => album Object
        (
            [table] => album
            [data:ppdao:private] => 
            [className:ppdao:private] => album
            [id] => 2
            [name] => My new album 1
            [slug] => my-new-album-1
            [user_id] => 1
            [views] => 0
            [datecreated] => 2013/03/23 16:00:43
            [location] => Muaha
        )