我来自Java世界,尝试在Php中做同样"简单"的事情。
我有一个不可变虚拟数据对象:
class BugTimeData {
private $bugid = "";
private $startDate = "";
private $resolvedDate = "";
private $status = "";
private $weekends = "";
function __construct($bugid, $startDate, $resolvedDate, $status) {
$this->bugid = $bugid;
$this->startDate = $startDate;
$this->resolvedDate = $resolvedDate;
$this->status = $status;
}
function getBugId() {
return $this->bugid;
}
function getStartDate() {
return $this->startDate;
}
function getResolvedDate() {
return $this->resolvedDate;
}
function getStatus() {
return $this->status;
}
function getWeekendsBetween() {
return $this->weekends;
}
}
从这个类中添加一个对象到数组中:
$data= new BugTimeData($a, $b, $c, $d);
array_push($content, $data);
我想遍历这个数组,读取对象并访问它们的方法:
foreach($time_prio_bug_content as $key => $value) {
var_dump($value->getStatus());
}
这工作!但是我的IDE (Eclipse)并不真正知道$value来自类型BugTimeData
。因此,我不能以一种简单的方式访问公共方法。
问题:如何将$value从类型BugTimeData
转换为对象?
在Java中,这真的很简单(因为我不需要强制转换,因为我可以在创建数组时定义对象的类型)并且直接。我想知道为什么这在Php中是不可能的?
这只是IDE的问题,而不是PHP的问题。如果您添加了适当的注释类型提示,任何像样的IDE都会注意到它。例如,定义数组包含特定类型的对象:
/** @var BugTimeData[] $array */
$array = array();
如果数据来自函数或方法,请在方法签名中添加适当的@return
文档标记。最坏的情况是,在循环内标记变量:
foreach($time_prio_bug_content as $key => $value) {
/** @var BugTimeData $value */
var_dump($value->getStatus());
}
作为Annotation的替代方法,我相信您可以这样输入hint:
var $value = new BugTimeData; // this tells the IDE which type the variable will hold from here on
foreach($time_prio_bug_content as $key => $value) {
var_dump($value->getStatus());
}
或者为强制转换实现一个类方法,使用类型提示参数和返回对象(参见链接)
你不能。因为PHP实际上是无类型的,在阅读代码时,没有办法知道某个变量的类型。