我正在处理从twitter API获取的json数据
在PHP中,我通常这样做: $data = json_decode($response);
$data
为STD类对象
我想在Java中做同样的事情。
我看了看Gson,但我需要第二个参数,似乎我需要为获取的数据创建一个特定的类。
基本问题是如何将JSON转换为标准Java对象,就像在PHP (STD类对象)
谢谢
使用Jackson将其读取到地图中,然后您可以访问任何您想要的数据。例如,如果json看起来像这样
{ "name":"blah",
"address": {
"line1": "1234 my street",
"city": "my city",
"state": "my state"
}
}
那么你可以:
ObjectMapper mapper = new ObjectMapper();
Map<String, Object> mystuff = mapper.readValue( jsonString, Map.class );
String name = (String)mystuff.get("name");
String city = ((Map<String, Object>)mystuff.get( "address" )).get( "city" );
如果您的JSON数据不遵循特定的结构,不要使用GSON,而是使用常规的JSON库(如json.org中的一个),它会给您一个类的实例,如JSONObject
,从中您可以访问jsonObject.getString("key")
等数据。
Java中没有标准的类对象,因此您需要一个类。您可以在运行时动态地创建和编译类,但我怀疑这是否值得。
当PHP服务器上不存在json_encode时,我使用:
<?php
if (!function_exists('json_encode'))
{
function json_encode($a=false)
{
if (is_null($a)) return 'null';
if ($a === false) return 'false';
if ($a === true) return 'true';
if (is_scalar($a))
{
if (is_float($a))
{
// Always use "." for floats.
return floatval(str_replace(",", ".", strval($a)));
}
if (is_string($a))
{
static $jsonReplaces = array(array("''", "/", "'n", "'t", "'r", "'b", "'f", '"'), array('''''', '''/', '''n', '''t', '''r', '''b', '''f', ''"'));
return '"' . str_replace($jsonReplaces[0], $jsonReplaces[1], $a) . '"';
}
else
return $a;
}
$isList = true;
for ($i = 0, reset($a); $i < count($a); $i++, next($a))
{
if (key($a) !== $i)
{
$isList = false;
break;
}
}
$result = array();
if ($isList)
{
foreach ($a as $v) $result[] = json_encode($v);
return '[' . join(',', $result) . ']';
}
else
{
foreach ($a as $k => $v) $result[] = json_encode($k).':'.json_encode($v);
return '{' . join(',', $result) . '}';
}
}
}
?>
如果你可以用Java重写它,那么它应该对你有用。
裁判:(死链接)http://snippets.dzone.com/posts/show/7487