我有以下代码
mysql_select_db('example_db', $r);
$result1 = mysql_query('SELECT content FROM `example_table` WHERE 1') or die ('"bad times an error!"' . mysql_error() . '');
echo $result1;
返回"资源ID#114"。这是什么意思？我试图获取的信息是一个base64&json编码的twitter提要存储在数据库中。我已经尝试添加base64&json解码，但得到一个错误，说明它是一个资源而不是字符串，所以我认为它试图解析"资源ID#114"，而不是实际的提要本身。
感谢您的帮助！
再看一下文档：mysql_query将返回一个资源对象。您必须使用它来提取数据。mysql_fetch_array或mysql_fetch_assoc将对您有所帮助。
注意：
您不应该再使用mysql_*-函数了。它们已被弃用，>=php 5.5将不再支持它们。您应该切换到mysqli_*或PDO
资源是类似php（但不同）Streams中的自定义变量。您可以先阅读文档：
资源是一个特殊变量，包含对外部资源资源由特殊功能创建和使用。请参阅附录列出了所有这些功能和相应的资源类型。
第二个问题是，您使用的mysql_query（）类似于弃用的和古老的方法。这太糟糕了。在与数据库交互时，应该使用其他（更现代的）接口（如PDO或mysqli）。
在您的示例中，$result1是一个资源，您不能这样打印它。你必须对它进行迭代：
while ($row = mysql_fetch_assoc($result1)) {
echo $row['columnName'];
}