在检查数据是否存在时避免PHP中的通知 - Avoiding a notice in PHP while checking if data exist

Avoiding a notice in PHP while checking if data exist

我正在处理一个解码的JSON，我想检查是否存在字段。

这就是我所拥有的：

$data = json_decode($json);
if(!$var = $data->{'var'})
    return false;
else
    return $var;

有了这个代码，我得到了Notice: Undefined property: stdClass::$var in ...。它是有效的，我知道我可以通过处理error_reporting来消除Notices，但我不想收到通知，所以我做了以下操作：

$data = json_decode($json);
if(!isset($data->{'var'}))
    return false;
else {
    $var = $data->{'var'};
    return $var;
}

在这种情况下，我没有收到通知，但我必须首先检查isset，然后创建一个包含该数据的变量，这似乎不太好。我试过了：

$data = json_decode($json);
if(!isset($var = $data->{'var'}))
    return false;
else {
    return $var;
}

但是后来我得到了一个语法错误（syntax error, unexpected '=', expecting ',' or ')'）。那么，在PHP中有什么合适的方法可以做到这一点吗？或者我应该忘记它，继续选择#2.

选项2是您最好的建议，如果您只需要检查一个或两个变量，它可能是处理它的最佳方式。

不过，你可以用三元法将其缩短一点：

$data = json_decode($json);
return isset($data->{'var'})? $data->{'var'} : false;

如果您需要进行多次检查，请编写一个抽象：

function tryGetObjectProperty($obj, $prop, $default = false){
    return isset($obj->{$prop})? $obj->{$prop} : $default;
}
$data = json_decode($json);
$var1 = tryGetObjectProperty($data, 'var');
var2  = tryGetObjectProperty($data, 'var2');
//etc