我有一个带有POST方法的表单，比如
<form name="imgbnk" action="imgbnk.php" method="POST" enctype="multipart/form-data" onsubmit="return validateForm()">
select the image <input type="file" name="imgloc">
其中在imgbnk.php中，am将它们检索为$filename=$_POST["imgloc"];
问题是
- 当我使用
POST方法时，$filename没有从表单imgbnk中获得任何值，就像我使用GET方法一样，$filename正在返回预期的文件名，我想知道为什么POST不能检索到相同的文件名 - 当使用
GET方法时，$size=getimagesize($filename);会出现类似于Warning: getimagesize(Hydrangeas.jpg) [function.getimagesize]: failed to open stream: No such file or directory in C:'wamp'www'imgbnk'imgbnk.php的警告 - 如果我用
POST，它的意思是Warning: getimagesize() [function.getimagesize]: Filename cannot be empty
请帮助我理解为什么会发生这种情况，任务是获取图像的完整属性并将其存储在本地。
提前感谢：）
您必须使用POST上传文件。然后使用$_FILES访问上载文件的属性，而不是$_POST。
有关更多详细信息，请参阅本手册条目：http://php.net/manual/en/features.file-upload.php
您可以使用$_FILES来代替$_POST。将获得文件的所有属性$_POST无法用于此文件上传
我建议你这样做
使用检索图像属性
$name=$_FILES['imgloc']['name'];
$size=$_FILES['imgloc']['size'];
$type=$_FILES['imgloc']['type'];
$tmp_path=$_FILES['imgloc']['tmp_name'];
$error=$_FILES['imgloc']['error'];
以及使用检索其他表单字段详细信息
$title=$_POST['title'];
$description=$_POST['desc'];
$keywords=$_POST['keywords'];
$catagiri=$_POST['catagiri'];
您可以在$_FILES['imgloc']['name']中获取文件名。。。