我刚刚开始使用JSON在页面之间传递信息，我根本无法弄清楚这一点。
基本上，我有一个页面使用 jquery getJSON 从另一个页面获取一些 JSON 数据。但是PHP变量不会/不能被必要的内容替换。
这是jquery脚本（我相信它工作正常）
$.getJSON("./menu-controller.php", { editId: getEditId, getEditInfo: true },function(data) {
console.log(data);
var id = data.itemId;
alert(id);
});
在另一页上使用此代码时，我可以让它正常工作
$json = '{ "itemId":"4" }';
echo $json;
但是，如果我使用它，那么它将不起作用
$menuId = 4;
$json = '{ "itemId":$menuId }';
echo $json;
所以我的问题是，我怎样才能让$menuId实际上用数字替换自己并正确地回到另一页上？
我尝试弄乱引号并重新排列引号4个小时。它要么出现错误，要么没有用实际数字替换$menuId。
你应该创建一个PHP数组，然后将其转换为JSON。
例如：
$array = array();
$array['itemId'] = $menuId;
echo json_encode($array);
注意：还有一个json_decode函数，它接受一个JSON字符串并将其转换为PHP。您可能会发现这很有用。
仅供参考，PHP 变量仅用双引号插入，而不是在单引号中插值。所以，你必须做这样的事情：
$json = "{ '"itemId'":$menuId }";
echo $json;
请看这里的演示：http://codepad.viper-7.com/CDC0oM
在此示例中：
$menuId = 4;
$json = '{ "itemId":$menuId }';
echo $json;
您已将 JSON 字符串包装在单引号中。PHP 用双引号替换值，所以这里不替换该值，你回显的 vale 是
{ "itemId":$menuid } - this is not valid JSON.
你最好创建一个PHP数组并使用json_encode()来创建SON字符串：
echo json_encode(array("itemId"=>$menuId));
问题是你把你的PHP变量括在单引号（而不是双引号）中，所以PHP不会在字符串中寻找要替换的变量。
所以这应该有效：
$json = "{ '"itemId'": $menuId}";
以及Cezary Wojcik建议的json_encode方法（如果数据变得更加复杂，它将更加灵活！