大家好，我是Symfony的新手，有一个简单的问题。
在security.yml文件中，我设置了一些访问控制路径：
access_control:
- { path: ^/login, roles: IS_AUTHENTICATED_ANONYMOUSLY }
- { path: .*settings, roles: ROLE_USER }
- { path: ^/$, roles: ROLE_USER }
- { path: ^/.*, roles: ROLE_ADMIN }
到目前为止，这是我想要的。
现在我正在构建一个菜单，并希望根据其访问权限隐藏显示导航项，那么我如何获取这些信息呢？
必须有一些功能，如：
$securityContext->isUrlGranted( $this->generateUrl('homepage') );
谢谢你的帮助。
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示例：
// current user is ROLE_ADMIN:
$acl->isUrlGranted( 'foo/bar' ); // true
$acl->isUrlGranted( 'login' ); // true
// IS_AUTHENTICATED_ANONYMOUSLY
$acl->isUrlGranted( 'login' ); // true
$acl->isUrlGranted( 'something/else' ); // false
// ROLE_USER
$acl->isUrlGranted( 'settings/profile' ); // true
$acl->isUrlGranted( 'foo/bar' ); // false
等等。。
现在Symfony中没有简单的方法可以通过一个函数获得这些信息。
要获得它，您可以使用security.access_map服务访问应用程序中的security.access_control参数。
但是您不能直接从容器中请求它，因为它是一个私有服务，所以必须将它注入到另一个服务中。
只有这样，您才能用isUrlGranted()函数编写自己的Twig扩展。
附言：我的回答只是对类似问题的书面回答的简短总结。
如果您在视图中使用的是trick（应该包含菜单），您可以使用以下工具测试用户角色：
{# my menu.twig.html #}
{% if app.security.isGranted('ROLE_ADMIN', app.user) %}
....
{% endif %}
顺便说一句，你可以在你的控制器中做同样的事情，但我认为你的布局包含菜单，所以我发布了一个小树枝答案。告诉我它是否对你有用。