将多个结果从mysql返回到单独的jQuery模式

我正在创建一个PHP搜索页面，用于搜索MySQL数据库并将结果返回到单独的jQuery模式中。

目标：当用户搜索一个术语时，通过单独的链接(这些链接被编写为打开jQuery模态(从数据库中显示ClassName的结果，一旦单击链接，模态就会打开，显示所述数据库中与该ClassName相关的其余信息。

工作原理：不同的ClassName正确显示为单独的链接。

什么不起作用：无论单击哪个ClassName链接，一旦打开模态，它都只显示与数据库中第一个ClassName结果相关的信息。

如有任何帮助纠正此错误，我们将不胜感激。

我在数据库中用于结果的行只有：ClassName、ClassInformation和imagePath。

PHP Select语句：

<?php 
$raw_results = mysql_query(
   "SELECT * FROM classes
    WHERE (`ClassName` LIKE '%".$query."%') OR 
   (`ClassInformation` LIKE '%".$query."%')"
) or die(mysql_error());
?>

链接：

echo "<a href=".$results['ClassName']
   . " data-reveal-id='myModal'><h2>"
   . $results['ClassName']
   . "</h2></a>";

模式：

echo "<div id='myModal' class='reveal-modal' 
    style='background-image: url(ResultBackground.png);
    border: 1px solid black;'><h2>".$results['ClassName']."</h2>
    <div id='image'>".$results['imagePath']."</div></br >
    <h3>".$results['ClassInformation']."</h3>
    <a class='close-reveal-modal'>&#215;</a></div>";

我为代码格式不正确道歉我还不知道如何使用这个网站上的代码块。但是，感谢您提供的一切帮助。

两个月前，有人问了一个类似的问题，但他的代码编写方式让我完全反感，因为我是PHP新手，只知道我从在线教程中自学的混乱方式。我试图按照回答相关问题的人建议的方式格式化代码，但我一直在破坏我的代码。

   $i=0;
  while($row=mysql_fetch_array($raw_results)){
    echo "<a href=".$results['ClassName']. " data-reveal-id='myModal_".$i."'><h2>".$results['ClassName']. "</h2></a>";
    echo "<div id='myModal_".$i."' class='reveal-modal'>......restcode";
    $i++;
    }