我是Codeignite的新手。我有一个带有"index（）"answers"view（$id）"函数的"Test"控制器。index方法转到"test1.php"视图。在"test1.php"中，我有一个下拉选项。如果我在这个页面上提交，"测试"控制器的"视图"方法将被调用。我的问题是，我如何将选项值传递给"view"函数，这样方法的参数将被设置为选项值，然后url将类似于"http://localhost/test/view/id"，id是来自"test1.php"的选项值
测试控制器
class Test extends CI_Controller{
public function indx() {
//some code
$this->load->view('test1.php');
}
public function view($id)
{
//some code, here I use $id which I want to be option value from test1.php
}
test1.php
<?php
$options = array(
'1' => 'One',
'2' => 'Two',
'3' => 'Three',
'4' => 'Four',
);
$js = 'id="shirts" onChange="this.form.submit();"';
echo form_dropdown('shirts', $options, '1', $js);
/* here I want to call echo form_open() as echo form_open("/test/view/[option value]") but I don't know how to do this;*/
您可以加载带有数据的视图。
class Test extends CI_Controller{
public function index($id) {
$this->data['result'] = get_results($id);
$this->load->view('test1.php', $this->data);
}
}
在视图文件中：
foreach ($results as $result) {
// action
}
如果必须在URL中传递ID，则需要使用javascript在select字段上使用change事件监听器将ID附加到表单操作URL。
但是，IMHO，您最好只从POST数据中检索view（）方法中的值。
使用$id=$this->input->post（'shirts'，TRUE），而不是通过URL强制输入。