到目前为止，我真的不知道如何在HTML表中显示图像及其数据。
以下是我的字段：
Name varchar(100)
Image blob
到目前为止，这是我的代码，但我认为这不是它，它也有错误。
<?php
$host = 'localhost';
$user = 'root';
$pass = '';
mysql_connect($host, $user, $pass);
mysql_select_db('test');
$sql = "SELECT * from test_mysql";
$result = mysqli_query($db,$sql);
while($arraySomething = mysqli_fetch_array($result))
{
echo "<img src='php/imgView.php?imgId=".$arraySomething."' />";
}
?>
我想要的唯一输出是HTML表中的Display Image（blob）和Data（Varchar）。
TY非常感谢未来的帮助。
如果您坚持将图像存储在mysql表中，则有两个选项：
- 您可以在img标记的src属性中使用data-uris-int，该属性将包含base64编码的图像数据。有关此技术的概述，请参阅css-trcks.com上的DataURI文章。你也可以在这里找到一个SO帖子和代码
Pro：您可以通过运行单个php代码生成完整的页面，包括文本和数据。
Con：因为该技术使用base64编码，所以大图片确实会增加需要传输到客户端的数据的大小。一些较旧的浏览器不支持此功能。#
- 创建一个单独的php文件，该文件以image id作为get参数，从数据库中检索图像，设置正确的mime头，并将图像数据发送到客户端。主php文件只生成页面的文本内容，对于每个图像，只需在img标记的src属性中创建一个对将图像发送到客户端的其他php文件的引用
Pro：需要较少的数据传输到客户端，浏览器可以并行下载图像。
Con：您需要分离文本和图像输出的生成。
因此，有关此选项的问题可以在此处找到